四川省成都市2018屆高中畢業(yè)班摸底測(cè)試物理---精校解析word版

1、<p>　　www.ks5u.com</p><p>　　四川省成都市2018屆高中畢業(yè)班摸底測(cè)試</p><p><b>　　試題（物理）</b></p><p>　　一、本題包括6小題，每小題3分，共18分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。</p><p>　　1.關(guān)于電磁場(chǎng)和電磁波，下列說法正確的是（

2、）</p><p>　　A. 電磁波由真空進(jìn)入介質(zhì)，頻率不變，速度變大</p><p>　　B. 均勻變化的電場(chǎng)一定產(chǎn)生均勻變化的磁場(chǎng)</p><p>　　C. 聲波和電磁波都可在真空中傳播</p><p>　　D. 雷達(dá)是用電磁波來測(cè)定物體位置的設(shè)備</p><p><b>　　【答案】D</b>

3、;</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】根據(jù)n＝c/v可知，電磁波由真空進(jìn)入介質(zhì)，速度變小，頻率不變，故A錯(cuò)誤；根據(jù)電磁波理論可知，均勻變化的電場(chǎng)產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)，故B錯(cuò)誤；聲波屬于機(jī)械波，它的傳播離不開介質(zhì)，電磁波可在真空中傳播，故C錯(cuò)誤；雷達(dá)的工作原理是：發(fā)射電磁波對(duì)目標(biāo)進(jìn)行照射并接收其回波，由此獲得目標(biāo)至電磁波發(fā)射點(diǎn)的距離、距

4、離變化率（徑向速度）、方位、高度等信息，故D正確。故選D。</p><p>　　2.真空中有兩個(gè)完全相同的、可視為點(diǎn)電荷的甲、乙?guī)щ娦∏颍椎碾姾闪繛閝，乙的電荷量為-2 q，當(dāng)它們相距為r時(shí)，它們間的庫侖力大小為F。現(xiàn)將甲、乙充分接觸后再分開，且將甲、乙間距離變?yōu)?r，則它們間的庫侖力大小變?yōu)椋?）</p><p>　　A. F/32 B. F/16 C. F/8

5、 D. F/4</p><p><b>　　【答案】A</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】當(dāng)甲、乙充分接觸后它們的電荷量先中和再平分，所以接觸后帶的電荷量都為-q/2，由庫倫力的公式F=k可得，原來電荷之間，將甲、乙充分接觸后再分開，且將甲、乙間距離變?yōu)?r后的庫侖力的大小為

6、，所以A正確。故選A。</p><p>　　【點(diǎn)睛】當(dāng)兩個(gè)異種電荷接觸后，電荷的電量先中和之后再平分電量，找到電量的關(guān)系再由庫倫力的公式F=k計(jì)算即可．</p><p>　　3. 下列說法正確的是（ ）</p><p>　　A. 電荷在電場(chǎng)中某處不受電場(chǎng)力，則該處的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零</p><p>　　B. 電荷在電場(chǎng)中某處不受電場(chǎng)力，則該處

7、的電勢(shì)一定為零</p><p>　　C. 運(yùn)動(dòng)電荷在磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零的地方，一定受到洛侖茲力的作用</p><p>　　D. 運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中某處不受洛侖茲力，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零</p><p><b>　　【答案】A</b></p><p><b>　　【解析】</b></p>

8、<p>　　試題分析：電荷在電場(chǎng)中某處不受電場(chǎng)力，則該處的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零，選項(xiàng)A正確；電荷在電場(chǎng)中某處不受電場(chǎng)力，則該處的電勢(shì)不一定為零，例如在等量同種電荷連線的中點(diǎn)處，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)電荷在磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零的地方，不一定受到洛侖茲力的作用，例如當(dāng)電荷的速度與電場(chǎng)線平行時(shí)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中某處不受洛侖茲力，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，例如當(dāng)電荷的速度與電場(chǎng)線平行時(shí)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A．</p>

9、<p>　　考點(diǎn)：電場(chǎng)力和洛倫茲力</p><p>　　【名師點(diǎn)睛】此題是對(duì)電場(chǎng)和磁場(chǎng)性質(zhì)的考查；要知道電荷在電場(chǎng)中某處不受電場(chǎng)力，則該處的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零，反之也成立；若運(yùn)動(dòng)電荷在磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的地方，一定不受到洛侖茲力的作用，但是運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中某處不受洛侖茲力，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，要考慮粒子速度與磁場(chǎng)平行的情況．</p><p>　　4.磁懸浮列車需要很強(qiáng)的磁場(chǎng)

10、，因此線圈中的電流將非常大。用超導(dǎo)材料做磁懸浮線圈主要是因?yàn)椋?）</p><p>　　A. 超導(dǎo)線圈強(qiáng)度大</p><p>　　B. 只有超導(dǎo)線圈才能產(chǎn)生強(qiáng)磁場(chǎng)</p><p>　　C. 低于臨界溫度時(shí)，超導(dǎo)線圈無電阻不發(fā)熱</p><p>　　D. 低于臨界溫度時(shí)，超導(dǎo)線圈有電阻但不發(fā)熱</p><p>&l

11、t;b>　　【答案】C</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】線圈強(qiáng)度與是否是超導(dǎo)體無關(guān)，故A錯(cuò)誤；只要電流大就能產(chǎn)生強(qiáng)磁場(chǎng)，故B錯(cuò)誤；達(dá)到臨界溫度時(shí)，超導(dǎo)體電阻變?yōu)榱悖鶕?jù)Q=I2Rt可知，產(chǎn)生熱量為零，減小能量損耗，超導(dǎo)材料做磁懸浮線圈正是用了超導(dǎo)體的這一特性，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。</p&g

12、t;<p>　　5.如圖所示，實(shí)線為方向未知的三條電場(chǎng)線，一帶電粒子（不計(jì)重力）從電場(chǎng)中a點(diǎn)以某一初速度運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，則下列判斷正確的是（ ）</p><p>　　A. a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度</p><p>　　B. a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)</p><p>　　C. 粒子在b點(diǎn)的動(dòng)能小于在a點(diǎn)的動(dòng)能</p

13、><p>　　D. 粒子在b點(diǎn)的電勢(shì)能小于在a點(diǎn)的電勢(shì)能</p><p><b>　　【答案】D</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】由圖可知b處電場(chǎng)線比a處電場(chǎng)線密，因此a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，故A錯(cuò)誤；由于電場(chǎng)線方向和帶電粒子帶電正負(fù)不知，無法判

14、斷a、b兩點(diǎn)電勢(shì)高低，故B錯(cuò)誤；從a運(yùn)動(dòng)b過程中，根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)帶電粒子的受力特點(diǎn)可知，電場(chǎng)力的方向與運(yùn)動(dòng)方向之間的夾角小于90°，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小，與粒子所帶電荷的正負(fù)無關(guān)，故C錯(cuò)誤；D正確。故選D。</p><p>　　【點(diǎn)睛】在電場(chǎng)中跟據(jù)帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡和電場(chǎng)線關(guān)系判斷電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能、動(dòng)能等變化是對(duì)學(xué)生基本要求，也是重點(diǎn)知識(shí)，要重點(diǎn)掌握．</p><p

15、>　　6.如圖所示，甲為一臺(tái)小型發(fā)電機(jī)構(gòu)造示意圖，線圈逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示。發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為1 Ω，外接燈泡的電阻為9 Ω，則（ ）</p><p>　　A. 電壓表的示數(shù)為6V</p><p>　　B. 燈泡消耗的電功率是6.48 W</p><p>　　C. 線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為l00πrad/s</p>

16、;<p>　　D. 在t=l×10-2s時(shí)刻，穿過線圈的磁通量為零</p><p><b>　　【答案】C</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】由圖象可知，電動(dòng)機(jī)電壓的最大值為6V，那么有效電壓就是6V，電壓表測(cè)量的是燈泡的電壓，所以電壓為×9

17、V=5.4V，所以A錯(cuò)誤。由P=U2/R知，P==3.24W，所以B錯(cuò)誤。由ω==l00πrad/s，所以C正確。在t=l×10-2s時(shí)刻，有圖象可知此時(shí)的電動(dòng)勢(shì)為零，那么此時(shí)的磁通量應(yīng)該是最大的，所以D錯(cuò)誤。故選C。</p><p>　　【點(diǎn)睛】應(yīng)用正弦式交變電流最大值和有效值間的關(guān)系，判斷出電壓，其它的由公式都可以求出，就是看對(duì)交變電流的理解．</p><p><b&g

18、t;　　二、多選題</b></p><p>　　7.如圖所示，回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電源兩極相連接的兩個(gè)D形盒，兩盒間構(gòu)成一狹縫，兩D形盒處于垂直于盒面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。下列有關(guān)回旋加速器的描述正確的是（ ）</p><p>　　A. 粒子由加速器的邊緣進(jìn)入加速器</p><p>　　B. 粒子由加速器的中心附近進(jìn)入

19、加速器</p><p>　　C. 粒子在狹縫和D形盒中運(yùn)動(dòng)時(shí)都能獲得加速</p><p>　　D. 交流電源的周期必須等于粒子在D形盒中運(yùn)動(dòng)周期的2倍</p><p><b>　　【答案】B</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】由

20、qvB=?v=．當(dāng)r越大時(shí)，v越大。粒子由加速器中心附近進(jìn)入加速器才可使粒子加速到最大，故A錯(cuò)誤；由A選項(xiàng)中的分析可知粒子由加速器的中心附近進(jìn)入加速器，速度可加速到最大，故B正確；狹縫中電場(chǎng)可加速粒子，在D形盒中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由左手定則知，洛倫茲力總與速度方向垂直，不對(duì)粒子加速，故C錯(cuò)誤；交流電源周期必須等于粒子運(yùn)動(dòng)周期，才可以進(jìn)行周期性的加速，故D錯(cuò)誤；故選B。</p><p>　　8.如圖所示，有一電動(dòng)勢(shì)e=100

21、 sinl00πt（V）的交流電源與理想變壓器輸入端相連，已知理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5:1，輸出端電阻R的阻值為4 Ω。則（ ）</p><p>　　A. 當(dāng)變壓器原線圈瞬時(shí)電壓為零時(shí)，電壓表讀數(shù)也為零</p><p>　　B. 電壓表讀數(shù)為20 V</p><p>　　C. 電流表讀數(shù)為A</p><p>　　D. 理想變壓器的

22、輸出功率為100 W</p><p><b>　　【答案】BD</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】電壓表讀數(shù)為副線圈有效值，根據(jù)公式E=，得U1=100V；由得 U2=100×=20V，故A錯(cuò)誤；電壓表讀數(shù)為U2 的值20V   故B正

23、確。電流表讀數(shù)：因I2==5A  由得 I1=I2=1A，電流表讀數(shù)為1A，故C錯(cuò)誤； 理想變壓器的輸出功率P=U2I2=100W，故D正確。故選BD。</p><p>　　【點(diǎn)睛】電表讀數(shù)為交流電有效值，正弦交流電有效值等于最大值的，輸出功率用有效值計(jì)算．</p><p>　　9.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，平行板電容器C的兩金屬板水平放置

24、．G為靈敏電流計(jì)。開關(guān)S閉合后，兩板間恰好有一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。則在滑動(dòng)變阻器R的觸頭P向上移動(dòng)的過程中，下列判斷正確的是（ ）</p><p>　　A. 靈敏電流計(jì)G中有b→a的電流</p><p>　　B. 油滴向上加速運(yùn)動(dòng)</p><p>　　C. 電容器極板所帶電荷量將減小</p><p>　　D. 通過電

25、阻R2的電流將減小</p><p><b>　　【答案】AB</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】在滑動(dòng)變阻器R的觸頭P向上移動(dòng)的過程中，R增大，總電阻增大，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，可知總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，外電壓等于R1上的電壓和R2與R并聯(lián)電壓之和，而R1上的電壓減

26、小，所以R2與R的并聯(lián)電壓增大，通過R2的電流增大。根據(jù)Q=CU，電容器所帶的電量增大，上極板帶正電，電容器充電，所以流過電流計(jì)的電流方向是b→a．電容器兩端電壓增大，電場(chǎng)強(qiáng)度增大，電場(chǎng)力增大，開始電場(chǎng)力與重力平衡，所以油滴會(huì)向上加速。故AB正確，CD錯(cuò)誤。故選AB。</p><p>　　【點(diǎn)睛】處理本題的關(guān)鍵是抓住不變量，熟練運(yùn)用閉合電路的動(dòng)態(tài)分析．注意處理含容電路時(shí)，把含有電容的支路看成斷路，電容器兩端的電壓

27、等于和電容器并聯(lián)支路的電壓．</p><p>　　10.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球從M點(diǎn)自由下落，M點(diǎn)距場(chǎng)區(qū)水平邊界PQ的高度為h，邊界PQ下方有方向豎直向下、大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，同時(shí)還有垂直于紙面的大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。小球從邊界上的a點(diǎn)進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)后，恰能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并從邊界上的b點(diǎn)穿出。重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是（ ）</p><p>　　A. 小球

28、帶負(fù)電，電荷量大小</p><p>　　B. 勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外</p><p>　　C. 小球從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，小球的電勢(shì)能先減小后增大</p><p>　　D. 小球在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R=</p><p><b>　　【答案】AD</b></p><p><b&g

29、t;　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】因小球在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故電場(chǎng)力和重力平衡，電場(chǎng)力向上，故粒子帶負(fù)電；由Eq=mg可知，q=，故A正確；由圖可知，圓周運(yùn)動(dòng)的圓心在上方，故洛侖茲力向上，由左手定則可知，磁場(chǎng)向里，故B錯(cuò)誤；小球從a到b的過程中，電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，故電勢(shì)能先增大后減小，故C錯(cuò)誤；粒子進(jìn)入混合場(chǎng)時(shí)的速度由機(jī)械能守恒得：v=； 由Bqv=可得，半徑； 故D正

30、確；故選AD。</p><p>　　【點(diǎn)睛】此類題目應(yīng)熟記：在混合場(chǎng)中若粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則一定有電場(chǎng)力與重力平衡，合力為洛侖茲力．</p><p>　　11.我國于2011年5月1日起，醉酒駕駛由交通違法行為升級(jí)為犯罪行為?！疤沾蓺饷魝鞲衅鳌笨梢杂糜诜治鰵怏w中酒精蒸汽的含量。如果司機(jī)飲酒，血液中的酒精成分?jǐn)U散到呼出的氣體中，呼出的氣體噴在傳感器上，傳感器的電阻將隨酒精蒸汽濃度發(fā)生相應(yīng)的

31、變化，從而可以檢測(cè)血液中的酒精含量。某種陶瓷氣敏傳感器的電導(dǎo)（即電阻的倒數(shù)）與氣體中酒精蒸汽濃度C的關(guān)系如圖甲所示?，F(xiàn)用其組成如圖乙所示的檢測(cè)電路（電池內(nèi)阻為r，電流表內(nèi)阻不計(jì)）．以下判斷正確的是（ ）</p><p>　　A. 此陶瓷氣敏傳感器的電阻與氣體中酒精蒸汽的濃度C成正比</p><p>　　B. 氣體中酒精蒸汽的濃度C越大，則電流表指針偏轉(zhuǎn)的角度越小</p>

32、<p>　　C. 氣體中酒精的蒸汽濃度C越大，則電池路端電壓越小，傳感器上電壓也越小</p><p>　　D. 氣體中酒精的蒸汽濃度C越大，則傳感器電阻越小，電源的總功率越小</p><p><b>　　【答案】C</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　

33、　【詳解】傳感器的電導(dǎo)與酒精蒸汽的濃度成正比，而電導(dǎo)和電阻互為倒數(shù)。故A錯(cuò)。氣體中酒精蒸汽的濃度C越大，電導(dǎo)越大，電阻越小，閉合電路的總電阻越小，總電流越大，電流表指針偏轉(zhuǎn)的角度越大。故B錯(cuò)。氣體中酒精的蒸汽濃度C越大，電阻越小，閉合電路的總電阻越小，總電流越大，內(nèi)電壓越大，外電壓越小。電阻R0上的電壓越大，所以傳感器上電壓也越小。故C正確。氣體中酒精的蒸汽濃度C越大，傳感器電阻越小，總電流越大，電源總功率P=EI，可知電源的總功率越大

34、，故D錯(cuò)。故選C。</p><p>　　12.矩形導(dǎo)線框abcd放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線方向與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，t=0時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面向里。若規(guī)定導(dǎo)線框中感應(yīng)電流逆時(shí)針方向?yàn)檎?，安培力方向取向上為正。則在0～4 s時(shí)間內(nèi)，線框中的感應(yīng)電流I、ab邊所受安培力F隨時(shí)間變化的圖象正確的是（ ）</p><p>　　A. B. <

35、/p><p>　　C. D. </p><p><b>　　【答案】AC</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】由圖可知，0-2s內(nèi)，線圈中磁通量的變化率相同，故0-2s內(nèi)電流的方向相同，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，即電流為負(fù)方向；同理可知

36、，2-4s內(nèi)電路中的電流為逆時(shí)針，且兩段時(shí)間內(nèi)電流強(qiáng)度大小時(shí)等，故A正確，B錯(cuò)誤；由可知，電路中電流大小時(shí)恒定不變，故由F=BIL可知，F(xiàn)與B成正比；且b中電流一直為由a至b，則由左手定律可知，電流方向0時(shí)刻為向上，為正，故C正確，D錯(cuò)誤；故選AC。</p><p>　　【點(diǎn)睛】本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律、左手定律等進(jìn)行判定；解題時(shí)要特別注意，0-2s，2-4s，雖然磁場(chǎng)的方向發(fā)

37、生了變化，但因其變化為連續(xù)的，故產(chǎn)生的電流一定是相同的．</p><p><b>　　三、實(shí)驗(yàn)題：</b></p><p>　　13.如圖甲所示，20分度游標(biāo)卡尺的讀數(shù)是_______cm；如圖乙所示，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)是_____mm。</p><p>　　【答案】 (1). 10.380； (2). 2.969-2.971<

38、/p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為103mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.05×16mm=0.80mm，所以最終讀數(shù)為103.80mm=10.380cm． 螺旋測(cè)微器固定刻度為2.5mm，可動(dòng)刻度為0.01×47.0=0.470mm，所以最終讀數(shù)為2.970mm．</p><p

39、>　　【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．以及螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．</p><p>　　14.下列有關(guān)電學(xué)實(shí)驗(yàn)的說法中，正確的是_____(填選項(xiàng)字母)</p><p>　　A．在“用描跡法畫出電場(chǎng)中平面上的等勢(shì)線”實(shí)驗(yàn)中，用恒定電流場(chǎng)模擬靜電場(chǎng)</p><p>

40、;　　B．在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，電流表采用內(nèi)接法，滑動(dòng)變阻器采用限流式接法</p><p>　　C．在“測(cè)定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，為減小誤差，多次測(cè)量求平均值</p><p>　　D．在使用多用電表歐姆檔測(cè)未知電阻時(shí)，不必每次換檔都進(jìn)行歐姆檔調(diào)零</p><p><b>　　【答案】AC</b>&l

41、t;/p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　在“用描跡法畫出電場(chǎng)中平面上的等勢(shì)線”實(shí)驗(yàn)中，用恒定電流場(chǎng)模擬靜電場(chǎng)．故A正確．在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，由于小燈泡的電阻較小，使用電流表的外接法誤差較小，電流和電壓要從零開始測(cè)起，滑動(dòng)變阻器需采用分壓式接法．故B錯(cuò)誤．測(cè)量金屬絲的直徑，一次測(cè)量偶然誤差較大，應(yīng)多次測(cè)量取平均值．故C正確．使用

42、多用電表時(shí)，每換一次擋，需重新歐姆調(diào)零一次．故D錯(cuò)誤；故選AC.</p><p>　　點(diǎn)睛：本題考查了四個(gè)電學(xué)實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)的原理、誤差來源以及注意事項(xiàng)，以及知道滑動(dòng)變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別．</p><p>　　15.（1）甲同學(xué)按如圖甲所示電路測(cè)量量程為500μA的電流表G的內(nèi)阻。他按圖甲連接好電路后，先閉合S1，斷開S2，調(diào)節(jié)R1，使電流表G的指針滿

43、偏。再閉合S2，保持R1的滑動(dòng)觸頭不動(dòng)，調(diào)節(jié)R2使電流表G的指針指到滿刻度的1/3。若此時(shí)電阻箱R2各旋鈕的位置如圖乙所示，則電流表G的內(nèi)阻測(cè)量值RG=____Ω。</p><p>　　（2）現(xiàn)將該電流表G改裝成量程為3V的電壓表V，需給該電流表G串聯(lián)一阻值為_____Ω的電阻。</p><p>　?。?）乙同學(xué)將（2）問中改裝的電壓表V校準(zhǔn)后采用伏安法測(cè)量某待測(cè)電阻Rx，實(shí)驗(yàn)室還備有以下

44、器材：</p><p>　　A．待測(cè)電阻Rx，阻值約為200Ω</p><p>　　B．電源E，電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻可忽略不計(jì)</p><p>　　C．電流表A，量程為0～15 mA，內(nèi)阻rA=20Ω</p><p>　　D．滑動(dòng)變阻器R′1，最大阻值10Ω</p><p>　　E．滑動(dòng)變阻器R′2，最大阻值5kΩ<

45、;/p><p>　　F．開關(guān)S，導(dǎo)線若干</p><p>　?、贋樘岣邔?shí)驗(yàn)精確度，盡可能測(cè)量多組數(shù)據(jù)，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇____（填器材序號(hào)字母）。</p><p>　　②請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)畫出乙同學(xué)用伏安法測(cè)量電阻Rx的電路圖_______。</p><p>　　【答案】 (1). （1）100 (2). （2）5900 (3)

46、. （3）①D (4). ②見解析；</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】（1）因s2閉合前后電總電流不變，則電流表達(dá)滿偏刻度的1/3時(shí)，則并聯(lián)電阻的電流為電流表滿偏電流的2/3．因是并聯(lián)關(guān)系，則  得：Rg＝R=2R由電阻箱可讀出：R=50Ω則：Rg=2R=2×50=100Ω</p&

47、gt;<p>　?。?）改裝成電壓表要串聯(lián)的阻值為   R=?Rg=5900Ω （3）因測(cè)量范圍大，要采用滑動(dòng)變阻器分壓式接法，宜用小阻值，故選D．  因電壓表內(nèi)阻比得測(cè)電阻大的多，宜用電流表外接法．故畫得電路圖如圖所示；</p><p>　　【點(diǎn)睛】考查的電阻箱的讀數(shù)，半偏法測(cè)電阻，明確總電流認(rèn)為不變；電路的設(shè)計(jì)，電流表的內(nèi)外接法要求大電阻內(nèi)接

48、法，小電阻外接法．滑動(dòng)變阻器分壓式接法宜用小阻值．</p><p><b>　　四、計(jì)算題</b></p><p>　　16.一次閃電過程通常由若干個(gè)相繼發(fā)生的閃擊構(gòu)成，每個(gè)閃擊持續(xù)時(shí)間很短，電荷轉(zhuǎn)移主要發(fā)生在第一個(gè)閃擊過程中。在某一次閃電前，云地之間的電勢(shì)差約為1.0×109V，云地間距離約為2 km；第一個(gè)閃擊過程中云地間轉(zhuǎn)移的電荷量約為6C，閃擊持續(xù)時(shí)

49、間約為5×10-5s。若閃電前云地間的電場(chǎng)可以看做勻強(qiáng)電場(chǎng)，試估算：</p><p>　?。?）閃電前云地間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小。</p><p>　　（2）第一個(gè)閃擊過程中閃電電流的平均值。</p><p>　　（3）第一個(gè)閃擊過程中釋放的能量。</p><p>　　【答案】（1）5×105V/m（2）1.2×105

50、A（3）6×109J</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】（1）電場(chǎng)強(qiáng)度大小 ．（2）平均電流 ．（3）第一個(gè)閃擊過程中釋放的能量  W=qU=6×1.0×109J=6×109J．</p><p>　　17.如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=12V

51、，內(nèi)阻r=2Ω，指示燈RL的阻值為16Ω，電動(dòng)機(jī)M線圈電阻RM為2Ω．當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，指示燈RL的電功率P=4W．求：</p><p>　　（1）流過電流表A的電流．</p><p>　?。?）電動(dòng)機(jī)M輸出的機(jī)械功率．</p><p>　　【答案】（1）2A．（2）7.5W．</p><p><b>　　【解析】</b>

52、</p><p>　　試題分析：（1）由圖可知，指示燈與電動(dòng)機(jī)并聯(lián)；已知指示燈的電功率，則由功率公式P=I2R可求得燈泡中的電流，再由歐姆定律可求得并聯(lián)部分的電壓，由閉合電路的歐姆定律可求得干路中的電流；</p><p>　?。?）由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可求得電動(dòng)機(jī)的電流，則由功率公式P=UI可求得電動(dòng)機(jī)消耗的總功率，而輸出功率等于總功率減去熱功率．</p><p>

53、　　解：（1）設(shè)流過指示燈RL的電流為I1，流過電流表A的電流為I</p><p>　　則指示燈RL的電功率P=I12RL</p><p>　　代入數(shù)據(jù)解得I1=0.5A</p><p>　　路端電壓U=I1RL=8V</p><p>　　由閉合電路歐姆定律有E=U+Ir</p><p><b>　　解得I=

54、2A</b></p><p>　　即流過電流表的電流示數(shù)為2A．</p><p>　?。?）設(shè)流過電動(dòng)機(jī)M的電流為I2</p><p>　　根據(jù)并聯(lián)電路的電流關(guān)系I2=I﹣I1=1.5A</p><p>　　電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P出=I2U﹣I22RM</p><p>　　代入數(shù)據(jù)解得P出=7.5W<

55、/p><p>　　電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為7.5W．</p><p>　　【點(diǎn)評(píng)】此類題目首先要明確電路的結(jié)構(gòu)，再根據(jù)電路特點(diǎn)選擇合適的方法；因電動(dòng)機(jī)不是純電阻電路，故應(yīng)特別注意功率公式的選擇，應(yīng)由P=UI求總功率，不能用P=求電動(dòng)機(jī)的總功率．</p><p>　　18.如圖所示，水平放置的、足夠長(zhǎng)的光滑金屬軌道與光滑傾斜軌道以小圓弧平滑對(duì)接。在傾斜軌道上高h(yuǎn)=l.8 m

56、處放置一金屬桿a，在平直軌道靠右端處放置另一金屬桿b，平直軌道區(qū)域有豎直向上的勻強(qiáng)磁揚(yáng)?，F(xiàn)由靜止釋放桿a，桿a下滑到水平軌道后即進(jìn)入磁場(chǎng)，此時(shí)桿b的速度大小為v0=3 m/s，方向向左。已知ma=2 kg，mb=lkg，金屬桿與軌道接觸良好，g取10m/s2。求：</p><p>　?。?）桿a下滑到水平軌道上瞬間的速度大小。</p><p>　?。?）桿a、b在水平軌道上的共同速度大小。

57、</p><p>　　（3）在整個(gè)過程中電路消耗的電能。</p><p>　　【答案】（1）6m/s（2）3m/s（3）27J</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】（1）設(shè)桿a下滑到水平軌道瞬間的速度為Va，桿a從斜軌道上下滑到水平軌道的過程中，只有重力做功，由機(jī)械能守恒定律得 ma

58、gh=mava2 </p><p>　　解得 va=6 m/s．</p><p>　　（2）當(dāng)a以6 m/s的速度進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，a、b兩桿所受的安培力等大反向，合力為零，最終一起勻速運(yùn)動(dòng)．設(shè)共同的速度為V，取水平向右為正，由動(dòng)量守恒定律得 </p><p>　　mava-mbv0=（ma+mb）v </p><p>　　解得 v=3m/s&

59、#160; （3）設(shè)消耗的電能為E，由能量守恒定律得 E=mava2+mbv02-（ma+mb）v2  代入數(shù)據(jù)解得 E=27J．</p><p>　　【點(diǎn)睛】本題很好的考查了機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒和能量守恒定律，把力學(xué)和電磁場(chǎng)有機(jī)的結(jié)合了起來，考查了學(xué)生的分析能力，是個(gè)好題．</p><p>　　19.如圖所示的平面直角坐標(biāo)系，x軸水平，y軸豎直，第一象限內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

60、B，方向垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；第二象限內(nèi)有一對(duì)平行于x軸放置的金屬板，板間有正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向沿y軸負(fù)方向，場(chǎng)強(qiáng)大小未知，磁場(chǎng)垂直坐標(biāo)平面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B；第四象限內(nèi)有勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)方向與x軸正方向成45°角斜向右上方，場(chǎng)強(qiáng)大小與平行金屬板間的場(chǎng)強(qiáng)大小相同?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子以某一初速度進(jìn)入平行金屬板，并始終沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，粒子進(jìn)入第一象限后，從x軸上的D點(diǎn)與x軸正方向成45&#

61、176;角進(jìn)入第四象限，M點(diǎn)為粒子第二次通過x軸的位置。已知OD距離為L(zhǎng)，不計(jì)粒子重力。求：</p><p>　?。?）粒子運(yùn)動(dòng)的初速度大小和勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小。</p><p>　　（2）DM間的距離。（結(jié)果用m、q、v0、L和B表示）</p><p>　　【答案】（1） （2） </p><p><b>　　【解析】</b

62、></p><p>　　【詳解】（1）、粒子在板間受電場(chǎng)力和洛倫茲力做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子初速度為v0，由平衡條件有：qv0B=qE…①粒子在第一象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心為O1，半徑為R，軌跡如圖，</p><p>　　由幾何關(guān)系知R＝ …②由牛頓第二定律和圓周運(yùn)動(dòng)的向心力公式有：qv0B＝m…③由②③式解得：v0＝…④由①④式解得：E＝ …⑤（2）、由題意可知，粒子從

63、D進(jìn)入第四象限后做類平拋運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖，設(shè)粒子從D到M的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，將運(yùn)動(dòng)分解在沿場(chǎng)強(qiáng)方向和垂直于場(chǎng)強(qiáng)的方向上，則粒子沿DG方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)的位移為：＝v0t…⑥粒子沿DF方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移為： …⑦由幾何關(guān)系可知：， …⑧由⑤⑥⑦⑧式可解得．【點(diǎn)睛】</p><p>　　此類型的題首先要對(duì)物體的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分段，然后對(duì)物體在各段中進(jìn)行正確的受力分析和運(yùn)動(dòng)的分析，進(jìn)行列式求解; 洛倫茲力對(duì)電荷不做

64、功，只是改變運(yùn)動(dòng)電荷的運(yùn)動(dòng)方向，不改變運(yùn)動(dòng)電荷的速度大?。畮щ娏Ｗ幼鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)的圓心、半徑及運(yùn)動(dòng)時(shí)間的確定：①、圓心的確定：因?yàn)槁鍌惼澚μ峁┫蛐牧?，所以洛倫茲力總是垂直于速度的方向，畫出帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡中任意兩點(diǎn)（一般是射入磁場(chǎng)和射出磁場(chǎng)的兩點(diǎn)）洛倫茲力的方向，其延長(zhǎng)線的交點(diǎn)即為圓心．②、半徑的確定：半徑一般都是在確定圓心的基礎(chǔ)上用平面幾何的知識(shí)求解，常常用到解三角形，尤其是直角三角形．③、運(yùn)動(dòng)時(shí)間的確定：利用圓心角與弦切角的關(guān)系或者