高考理綜物理——新課標(biāo)卷

1、<p>　　2011年高考理綜物理（課標(biāo)卷）</p><p>　　14．為了解釋地球的磁性，19世紀(jì)安培假設(shè)：地球的磁場是由繞過地心的軸的環(huán)形電流I引起的。在下列四個圖中，正確表示安培假設(shè)中環(huán)形電流方向的是</p><p>　　A． B． C． D．</p><p>　　14、B

2、【解析】根據(jù)地磁場分布和安培定則判斷可知正確答案是B。</p><p>　　15．一質(zhì)點開始時做勻速直線運動，從某時刻起受到一恒力作用。此后，該質(zhì)點的動能可能</p><p><b>　　A．一直增大</b></p><p>　　B．先逐漸減小至零，再逐漸增大</p><p>　　C．先逐漸增大至某一最大值，再逐漸減小&

3、lt;/p><p>　　D．先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大</p><p>　　15、ABD【解析】當(dāng)恒力方向與速度在一條直線上，質(zhì)點的動能可能一直增大，也可能先逐漸減小至零，再逐漸增大。當(dāng)恒力方向與速度不在一條直線上，質(zhì)點的動能可能一直增大，也可能先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大。所以正確答案是ABD。</p><p>　　16．一蹦極運動員身系彈性

4、蹦極繩從水面上方的高臺下落，到最低點時距水面還有數(shù)米距離。假定空氣阻力可忽略，運動員可視為質(zhì)點，下列說法正確的是</p><p>　　A．運動員到達(dá)最低點前重力勢能始終減小</p><p>　　B．蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負(fù)功，彈性勢能增加</p><p>　　C．蹦極過程中，運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒</p><p&g

5、t;　　D．蹦極過程中，重力勢能的改變與重力勢能零點的選取有關(guān)</p><p>　　16、ABC【解析】運動員到達(dá)最低點過程中，重力做正功，所以重力勢能始終減少， A項正確。蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負(fù)功，彈性勢能增加，B 項正確。蹦極過程中，運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，只有重力和彈性力做功，所以機(jī)械能守恒，C 項正確。重力勢能的改變與重力勢能零點選取無關(guān)，D 項錯誤。</p><

6、;p>　　17．如圖，一理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1∶2；副線圈電路中接有燈泡，燈泡的額定電壓為220V，額定功率為22W；原線圈電路中接有電壓表和電流表。現(xiàn)閉合開關(guān)，燈泡正常發(fā)光。若用U和I分別表示此時電壓表和電流表的讀數(shù)，則</p><p>　　A．U=110V，I=0.2A B．U=110V，I=0.05A </p><p>　　C．U=110V，I=0.

7、2A D．U=110V，I=0.2A</p><p>　　17、A【解析】U2=220V，根據(jù)U1：U2＝n1：n2 得，U1＝110V。I2＝P/U2＝0.1A，根據(jù)I1：I2＝n2：n1得I1＝0.2A。所以正確答案是A。</p><p>　　18．電磁軌道炮工作原理如圖所示。待發(fā)射彈體可在兩平行軌道之間自由移動，并與軌道保持良好接觸。電流I從一條軌道流入，通過導(dǎo)電彈體后從另一

8、條軌道流回。軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面的磁場（可視為勻強(qiáng)磁場），磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與I成正比。通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出。現(xiàn)欲使彈體的出射速度增加至原來的2倍，理論上可采用的辦法是</p><p>　　A．只將軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍</p><p>　　B．只將電流I增加至原來的2倍</p><p>　　C．只將彈體質(zhì)量減至原來的一半<

9、;/p><p>　　D．將彈體質(zhì)量減至原來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其它量不變</p><p>　　18、BD【解析】利用動能定理有，B＝kI解得。所以正確答案是BD。</p><p>　　19．衛(wèi)星電話信號需要通地球同步衛(wèi)星傳送。如果你與同學(xué)在地面上用衛(wèi)星電話通話，則從你發(fā)出信號至對方接收到信號所需最短時間最接近于（可能用到的數(shù)據(jù)：月球繞地球運動的軌道半徑約為

10、3.8×105km，運行周期約為27天，地球半徑約為6400km，無線電信號的傳播速度為3×108m/s。）</p><p>　　A．0.1s B．0.25s C．0.5s D．1s</p><p>　　19、B【解析】同步衛(wèi)星和月球都是地球的衛(wèi)星，r3∝T2，因此同步衛(wèi)星的軌道半徑是地月距離的1/9約為42000km，同步衛(wèi)星離地面高

11、度約為36000km，電磁波往返一次經(jīng)歷時間約為(3.6×107×2)÷(3×108)s=0.24s</p><p>　　20．一帶負(fù)電荷的質(zhì)點，在電場力作用下沿曲線abc從a運動到c，已知質(zhì)點的速率是遞減的。關(guān)于b點電場強(qiáng)度E的方向，下列圖示中可能正確的是（虛線是曲線在b點的切線）</p><p>　　A． B．

12、 C． D．</p><p>　　20、D【解析】主要考查電場力方向和曲線運動所受合外力與軌跡的關(guān)系。正確答案是D。</p><p>　　21．如圖，在光滑水平面上有一質(zhì)量為m1的足夠長的木板，其上疊放一質(zhì)量為m2的木塊。假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等?，F(xiàn)給木塊施加一隨時間t增大的水平力F=kt（k是常數(shù)），木板和木塊加

13、速度的大小分別為a1和a2，下列反映a1和a2變化的圖線中正確的是</p><p>　　A． B． C． D．</p><p>　　21、A【解析】木塊和木板之間相對靜止時，所受的摩擦力為靜摩擦力。在達(dá)到最大靜摩擦力前，木塊和木板以相同加速度運動，根據(jù)牛頓第二定律，木塊和木板相對運動時，恒定不變，

14、。所以正確答案是A。</p><p>　　22．（5分）為了測量一微安表頭A的內(nèi)阻，某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的電路。圖中，A0是標(biāo)準(zhǔn)電流表，R0和RN分別是滑動變阻器和電阻箱，S和S1分別是單刀雙擲開關(guān)和單刀開關(guān)，E是電池。完成下列實驗步驟中的填空：</p><p>　　⑴將S撥向接點1，接通S1，調(diào)節(jié)_____，使待測表頭指針偏轉(zhuǎn)到適當(dāng)位置，記下此時_________的讀數(shù)I；</p&

15、gt;<p>　?、迫缓髮撥向接點2，調(diào)節(jié)_____，使____________，記下此時RN的讀數(shù)；</p><p>　?、嵌啻沃貜?fù)上述過程，計算RN讀數(shù)的________，此即為待測微安表頭內(nèi)阻的測量值。</p><p>　　22、（1）R0；A0；（2）RN；A0的讀數(shù)仍為I；（3）平均值</p><p>　　【解析】此題測量微安表頭A的內(nèi)阻采

16、用的是替代法。首先將S撥向接點1，接通S1，調(diào)節(jié)R0，使待測表頭指針偏轉(zhuǎn)到適當(dāng)位置，記下此時標(biāo)準(zhǔn)電流表A0的讀數(shù)I；然后將S撥向接點2，讓電阻箱替代待測電流表，調(diào)節(jié)RN,使標(biāo)準(zhǔn)電流表A0的讀數(shù)仍為I；此時電阻箱讀數(shù)等于待測電流表內(nèi)阻,記下此時RN的讀數(shù)；多次重復(fù)上述過程，計算RN讀數(shù)的平均值，此即為待測微安表頭內(nèi)阻的測量值。</p><p>　　23．（10分）利用圖1所示的裝置可測量滑塊在斜面上運動的加速度。一

17、斜面上安裝有兩個光電門，其中光電門乙固定在斜面上靠近底端處，光電門甲的位置可移動，當(dāng)一帶有遮光片的滑塊自斜面上滑下時，與兩個光電門都相連的計時器可以顯示出遮光片從光電門甲至乙所用的時間t。改變光電門甲的位置進(jìn)行多次測量，每次都使滑塊從同一點由靜止開始下滑，并用米尺測量甲、乙之間的距離s，記下相應(yīng)的t值；所得數(shù)據(jù)如下表所示。</p><p>　　完成下列填空和作圖：</p><p>　?、湃?/p>

18、滑塊所受摩擦力為一常量，滑塊加速度的大小a、滑塊經(jīng)過光電門乙時的瞬時速度v1、測量值s和t四個物理量之間所滿足的關(guān)系式是_________________；</p><p>　　⑵根據(jù)表中給出的數(shù)據(jù)，在圖2給出的坐標(biāo)紙上畫出s/t-t圖線；</p><p>　?、怯伤嫵龅膕/t-t圖線，得出滑塊加速度的大小為a=_______m/s2（保留2位有效數(shù)字）。</p><

19、p>　　23、（1）（2）如圖（3）2.0</p><p><b>　　【解析】（1）由得</b></p><p><b>　?。?）見圖</b></p><p>　?。?）作圖求出斜率k＝－0.9897m/s2，</p><p>　　24．（13分）甲乙兩輛汽車都從靜止出發(fā)做加速直線運動，加

20、速度方向一直不變。在第一段時間間隔內(nèi)，兩輛汽車的加速度大小不變，汽車乙的加速度大小是甲的兩倍；在接下來的相同時間間隔內(nèi)，汽車甲的加速度大小增加為原來的兩倍，汽車乙的加速度大小減小為原來的一半。求甲乙兩車各自在這兩段時間間隔內(nèi)走過的總路程之比。</p><p>　　24、【解析】設(shè)甲開始的加速度為a,兩段時間間隔都為t，則甲在兩段時間內(nèi)的總路程為：</p><p>　　乙在兩段時間內(nèi)的總路程

21、為：</p><p><b>　　由上兩式得：</b></p><p>　　25．（19分）如圖，在區(qū)域I（0≤x≤d）和區(qū)域II（d<x≤2d）內(nèi)分別存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和2B，方向相反，且都垂直于Oxy平面。一質(zhì)量為m、帶電荷量q（q＞0）的粒子a于某時刻從y軸上的P點射入?yún)^(qū)域I，其速度方向沿x軸正向。已知a在離開區(qū)域I時，速度方向與x軸正方

22、向的夾角為30°；此時，另一質(zhì)量和電荷量均與a相同的粒子b也從P點沿x軸正向射入?yún)^(qū)域I，其速度大小是a的1/3。不計重力和兩粒子之間的相互作用力。求</p><p>　?、帕Ｗ觓射入?yún)^(qū)域I時速度的大??；</p><p>　?、飘?dāng)a離開區(qū)域II時，a、b兩粒子的y坐標(biāo)之差。</p><p>　　25、【解析】（1）設(shè)粒子a 在I 內(nèi)做勻速圓周運動的圓心為C（

23、在y軸上），半徑為Ra1，粒子速率為va，運動軌跡與兩磁場區(qū)域邊界的交點為P′，如圖，由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得</p><p><b>　?、?</b></p><p>　　由幾何關(guān)系得 ②</p><p><b>　?、?lt;/b></p><p>　　式中，，由①②③式得

24、④</p><p>　?。?）設(shè)粒子a在II內(nèi)做圓周運動的圓心為Oa,半徑為Ra1 ，射出點為Pa（圖中未畫出軌跡），。由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得 </p><p><b>　?、?lt;/b></p><p>　　由①⑤式得 ⑥</p><p>　　C、P/和Oa三點共線，且由⑥式知Oa點必位于⑦ 的平面上。

25、由對稱性知，Pa點與P/點縱坐標(biāo)相同，即 ⑧ 式中，h是C點的y坐標(biāo)。</p><p>　　設(shè)b在I中運動的軌道半徑為Rb1 ，由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得 ⑨</p><p>　　設(shè)a到達(dá)Pa點時，b位于Pb點，轉(zhuǎn)過的角度為α。如果b沒有飛出I，則</p><p>　　⑩ ?</p><p>　　式中，

26、t 是a 在區(qū)域II 中運動的時間，而</p><p>　　? ?</p><p>　　由⑤⑨⑩式得α=300 ?</p><p>　　由①③⑨式可見，b沒有飛出。Pb點的y坐標(biāo)為 ?</p><p>　　由①③⑧⑨式及題給條件得，a、b 兩粒子的y 坐標(biāo)之差為</p><p>

27、<b>　　?</b></p><p>　　33．[3-3]（15分）</p><p>　?、牛?分）對于一定質(zhì)量的理想氣體，下列說法正確的是_______。</p><p>　　A．若氣體的壓強(qiáng)和體積都不變，其內(nèi)能也一定不變</p><p>　　B．若氣體的內(nèi)能不變，其狀態(tài)也一定不變</p><p&

28、gt;　　C．若氣體的溫度隨時間不斷升高，其壓強(qiáng)也一定不斷增大</p><p>　　D．氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關(guān)</p><p>　　E．當(dāng)氣體溫度升高時，氣體的內(nèi)能一定增大</p><p>　?、疲?分）如圖，一上端開口，下端封閉的細(xì)長玻璃管，下部有長l1=66cm的水銀柱，中間封有長l2=6.6cm的空氣柱，上部有長l3=44cm的水銀

29、柱，此時水銀面恰好與管口平齊。已知大氣壓強(qiáng)為p0=76cmHg。如果使玻璃管繞底端在豎直平面內(nèi)緩慢地轉(zhuǎn)動一周，求在開口向下和轉(zhuǎn)回到原來位置時管中空氣柱的長度。封入的氣體可視為理想氣體，在轉(zhuǎn)動過程中沒有發(fā)生漏氣。</p><p>　　33、（1）ADE；（2）12cm　　9.2cm</p><p>　　【解析】（1）理想氣體的內(nèi)能只由溫度決定，由理想氣體狀態(tài)方程可知，若氣體的壓強(qiáng)和體積都不變

30、，溫度T也不變，所以內(nèi)能也一定不變，A、E選項正確。若氣體的內(nèi)能不變，則溫度T不變，但氣體的壓強(qiáng)和體積可以改變，B項錯誤。若氣體的溫度升高，體積增大，其壓強(qiáng)可以不變， C項錯誤。由熱力學(xué)第一定律知，D選項正確。</p><p>　?。?）設(shè)玻璃管開口向上時，空氣柱壓強(qiáng)為 　 ① 式中，分別表示水銀的密度和重力加速度。</p><p>　　玻璃管開口響下時，原來上部的水銀有一部分會流出，封

31、閉端會有部分真空。設(shè)此時開口端剩下的水銀柱長度為x，則， 　② 　式中，管內(nèi)空氣柱的壓強(qiáng)。</p><p>　　由玻意耳定律得 ③ 式中,h是此時空氣柱的長度，S為玻璃管的橫截面積。</p><p>　　由①②③式和題給條件得h=12cm　?、?lt;/p><p>　　從開始轉(zhuǎn)動一周后，設(shè)空氣柱的壓強(qiáng)為，則 ⑤ </p><p>

32、;　　由玻意耳定律得 　⑥ 　　式中，是此時空氣柱的長度。</p><p>　　由①②③⑤⑥9.2cm ⑦</p><p>　　34．[3-4] （15分）</p><p>　?、牛?分）一振動周期為T，振幅為A，位于x=0點的波源從平衡位置沿y軸正向開始做簡諧振動，該波源產(chǎn)生的一維簡諧橫波沿x軸正向傳播，波速為v，傳播過程中無能量損失，一段時間后，該振動傳播至

33、某質(zhì)點P，關(guān)于質(zhì)點P振動的說法正確的是______。</p><p><b>　　A．振幅一定為A</b></p><p><b>　　B．周期一定為T</b></p><p>　　C．速度的最大值一定為v</p><p>　　D．開始振動的方向沿y軸向上或向下取決于它離波源的距離</p>

34、;<p>　　E．若P點與波源距離s=vT，則質(zhì)點P的位移與波源的相同</p><p>　　⑵（9分）一半圓柱形透明物體橫截面如圖所示，底面AOB鍍銀（圖中粗線），O表示半圓截面的圓心。一束光線在橫截面內(nèi)從M點的入射角為30º，∠MOA=60º，∠NOB=30º。求</p><p>　?。á。┕饩€在M點的折射角；</p><p

35、>　?。áⅲ┩该魑矬w的折射率。</p><p>　　34、（1）ＡＢＥ；（2）（?。?5°（ⅱ）</p><p>　　【解析】（1）由波的形成與傳播可知，正確答案是ＡＢＥ。</p><p>　　（2）（?。┙猓喝鐖D，透明物體內(nèi)部的光路為折線MPN，</p><p>　　Q、M 點相對于底面EF 對稱，Q、P 和N 三點共線。&

36、lt;/p><p>　　設(shè)在M點處，光的入射角為i，折射角的r，∠OMQ＝a，∠PNF＝β。</p><p>　　根據(jù)題意有　　　α＝300 　 ①</p><p>　　由幾何關(guān)系得，∠PNO＝∠PQO＝r，于是</p><p>　　β+r＝300 ②</p><p>　　且 a+r＝β ③

37、</p><p>　　由①②③式得r＝150 ④</p><p>　?。áⅲ└鶕?jù)折射率公式有 ⑤</p><p><b>　　由④⑤式得</b></p><p>　　35．[3-5] （15分）</p><p>　?、牛?分）在光電效應(yīng)試驗中，某金屬的截止頻率相應(yīng)的波長為λ0，該金屬的

38、逸出功為______。若用波長為λ（λ<λ0）的單色光做該實驗，則其遏止電壓為______。已知電子的電荷量、真空中的光速和布朗克常量分別為e、c和h。</p><p>　?、疲?分）如圖，A、B、C三個木塊的質(zhì)量均為m。置于光滑的水平面上，B、C之間有一輕質(zhì)彈簧，彈簧的兩端與木塊接觸而不固連。將彈簧壓緊到不能再壓縮時用細(xì)線把B和C緊連，使彈簧不能伸展，以至于B、C可視為一個整體?，F(xiàn)A以初速v0沿B、C的連

39、線方向朝B運動，與B相碰并粘合在一起。以后細(xì)線突然斷開，彈簧伸展，從而使C與A、B分離。已知C離開彈簧后的速度恰為v0。求彈簧釋放的勢能。</p><p>　　35、（1）；（2）</p><p>　　【解析】（1）由和得</p><p>　　由愛因斯坦質(zhì)能方程和得</p><p>　?。?）設(shè)碰后A、B和C的共同速度的大小為v，由動量守恒得

40、 ①</p><p>　　設(shè)C離開彈簧時，A、B的速度大小為，由動量守恒得 ②</p><p>　　設(shè)彈簧的彈性勢能為，從細(xì)線斷開到C與彈簧分開的過程中機(jī)械能守恒，有</p><p><b>　　③</b></p><p>　　由①②③式得彈簧所釋放的勢能為 　　　　　　　　　　　　　 ④</p>

41、<p><b>　　參考答案</b></p><p>　　14．B 15．ABD 16．ABC 17．A 18．BD 19．B（提示：同步衛(wèi)星和月球都是地球的衛(wèi)星，r3∝T2，因此同步衛(wèi)星的軌道半徑是地月距離的1/9約為42000km，同步衛(wèi)星離地面高度約為36000km，電磁波往返一次經(jīng)歷時間約為(3.6×107×2)÷(3×1

42、08)s）20．D 21．A</p><p>　　22．⑴R0，A0 ⑵RN，A0的讀數(shù)仍為I ⑶平均值 23．⑴ ⑵圖略 ⑶2.0 24．5∶7</p><p>　　25．⑴（提示：由幾何關(guān)系，ra1=2d，）</p><p>　?、疲ㄌ崾荆海胷a2=d，a在Ⅱ中的偏轉(zhuǎn)角θ′=60º，a離開II時，a的縱坐標(biāo)ypa=(2-)d；粒子在Ⅰ、Ⅱ中的

43、周期，因此a在Ⅱ中經(jīng)歷的時間是T2/6= T1/12，這段時間內(nèi)b的偏轉(zhuǎn)角α=30º，而b的半徑是a的1/3，因此ypb=）</p><p>　　33．⑴ADE ⑵12cm，9.2cm</p><p>　　34．⑴ABE ⑵r=15º，（提示：做N關(guān)于AB的對稱點E，連接ME與AB交與P，MP、PN就是光線在AB面的入射和反射光線。做MQ⊥AB，EQ∥AB交于Q，由幾何

44、關(guān)系可證明MQ=EQ=R(sin30º+cos30º)，因此圖中α+r=β=45º；而）</p><p><b>　　35．⑴，</b></p><p>　?、疲ㄌ崾荆合到y(tǒng)動量守恒，設(shè)A與B粘合在一起，細(xì)線斷開前，三者共速v，得v=v0/3，系統(tǒng)總動能為，設(shè)C離開彈簧后AB的速度為v′，則mv0=2m v′+ mv0，因此v′=0，彈簧伸